南平市2021—2022学年第—学期高二物理期末卷详解答案

南平市2021—2022学年第一学期高二期末质量检测 物理试题详解答案 1【答案】D 【解析】该公式为比值法定义，被定义的物理量与用来定义的物理量无因果关系。磁感应强度 描述的是磁场本身性质的物理量，与放入磁场中的通电导线及受力无关。故D 正确。 故选D。 2【答案】 【解析】A.根据共振产生的条件，当振动器的频率等于树木的固有频率时产生共振，此时振幅最 大，故A 错误；B.针对不同的树木，固有频率不一定相同，落果效果最好的振动频率为固有频率， 故B 错误； CD.受迫振动频率由驱动力频率决定，稳定后，不同树木的振动频率与振动器的振动频率相同， 故C 正确，D 错误。 故选C。 3【答案】C 【解析】AB．若图甲中两电极间的电压不变，当金属芯线不动而h 变小时，电容器两极板正对 面积S 减小，根据 ，可知电容器的电容C 减小，故A 错误；又由 ，U 不变时，C 减小Q 也减小，该电容器放电，故B 错误；CD．若图乙中，当图示中的F 变大时，电容器两极 板间距离d 减小，根据 ，可知电容C 变大，故C 正确；再根据 ，两极板的电量不 变，C 变大U 减小，故D 错误。 故选C。 4【答案】A 【解析】通过电动机的电流I 与流过限流电阻R′的电流相同，由 ，电动机两 端电压 ,电动机的输出功率 ，故A 正确。 故选A。 5【答案】AC 【解析】AB．当滑动变阻器的滑片缓慢向a 端滑动时，滑动变阻器接入电路阻值减小，总电阻 减小，则干路电流变大，小灯泡L 逐渐变亮，故A 正确，B 错误； CD．当滑动变阻器的滑片缓慢向a 端滑动时，滑动变阻器接入电路阻值减小，总电阻减小，则 干路电流变大，由 ，可知路端电压逐渐减小，电压表示数逐渐减小，故C 正确，D 错 误。 故选AC。 6【答案】AD 【解析】类比等量异种电荷、等量同种电荷电场线可知，甲、乙应带同种电荷，且乙的带电量 较大，A 正确； A．电荷量越大电场线分布越密，A 的电 荷量比B 的电荷量小，故B 错误； C．由于A、B 两电荷不是等量同种电荷， O 点的场强不为零，故C 错误； D．设甲、乙带电量为q1、q2，原来两电荷间的静电力为 ，接触后放回原处，电荷量 总和平分，两电荷间的静电力变为 由于 联立可得 即静电力 变大，D 正确。故选AD。 7【答案】AC 【解析】由于c 点的磁感应强度为零，则通电直导线在c 点产生磁场的磁感应强度与原磁场的磁 感应强度大小相等方向相反，圆周上的任一点电流磁场的磁感应强度大小都是B，再由安培定则 可判定直导线电流方向垂直纸面向里，故A 正确；由安培定则可知a 点电流磁场方向与原磁场方 向相同，则 ，故B 错误； CD．由安培定则可知b、d 两点电流磁场方向与原磁场方向垂直，由平行四边形定则可求得b、d 两点的磁感应强度大小 ，b 点磁场方向水平向右，d 点磁场方向竖直向上，故C 正确，D 错误。故选AC。 8【答案】ACD 【解析】A．设A 到M 点的距离为 ，A 点的电荷对带电粒子的库仑力大小为 ，由库仑定律 有 ， 设带电粒子在 点所受电场力大小为 ，由力的合成有 ，解得 ，故 A 正确； B．由电势能公式得O 点的电势能 ，故B 错误； A．带电粒子从 处到N 点的过程中，由能量守恒定律得动能的减少量 ，故C 正确；要使粒子离开电场，由能量守恒定律得： = 0，故D 正确。 故选ACD。 9【答案】100，50 【解析】由冲量定义可得，力F 对物体的冲量大小为 ；对物体由动 量定理得： ，解得： 。 10【答案】10m/s，y 轴负 【解析】由波动图像可知，在 时刻，质点在平衡位置，由振动图像可知，从 开始 质点B 由平衡位置沿轴负方向振动，所以该波沿轴正方向传播。由波动图像可知波长为： ，由振动图像可知周期为： ，则波速为： ，且沿轴正方向传播； t =0.5s 时波沿x 轴正方向向前通过5 米位移，做出新的波形图，即可得知质点A 沿y 轴负方向振 动（或由其他方法也可判断质点A 沿y 轴负方向振动）。 11【答案】0.396-0.399， A， 【解析】 (1)由图所示螺旋测微器可知，固定部分读数为0，转动部分读为39.8，故其示数为： 0mm+39.8×0.01mm=0.398mm（0.396～0.399 均正确） (3) 由表中实验数据可知，最小电压为0V，由此可知，滑动变阻器应用分压式接法，根据表 中可知，待测电阻远小于电压表内阻，所以采取外接法，因此实验采用的是图A 所示电路； (4) 根据电阻定律 ，可知金属的电阻率 12【答案】（1） （2）9.86 （3）BD 【解析】 （1）本小题考查“用单摆测定重力加速度”的实验原理，根据单摆周期公式 ， 及周期测量计算式 ，得 ； （2）将t = 100.00 s，n = 50，L = 1.0000 m， 代入 ，计算得g = 9.86 m/s2； （3）本小题考查“用单摆测定重力加速度”中用图像法处理数据的原理及其误差分析。根 据单摆周期公式 ，得 A. 由原理可知，T2-L 图像的斜率 ，重力加速度测量值 ，a 图线的斜率小于b 图线，可知由a 图线求出的g 值大于由b 图线求出的g 值。A 选项错误。 B.若误将49 次全振动记为50 次，则每次周期T 的测量值都偏小，由图像求斜率 也 会偏小，B 选项正确。 C. 若误将悬点到小球下端距离记为摆长L ，则T2 与L 测量值间的函数关系为 ，其中r 为小球半径，图线c 应出现横轴正截距，而不是纵轴正截距。C 选 项错误。 D.若误将悬点到小球上端的摆线长度记为摆长L，则T2 与L 测量值间的函数关系为 ，其中r 为小球半径，图线c 出现纵轴正截距。D 选项正确。 13.【解析】 （1）初始位置穿过线框的磁通量 ① 解得： ② （2）线框平面在垂直磁场方向的投影面积为： ③ 线框顺时针旋转60时的磁通量为： ④ 解得： ⑤ 此过程中的穿过线框的磁通量变化量为 ⑥ 解得： ⑦ （3）磁场方向水平向右，穿过V 形面两个面的磁通量符号相反，总磁通量为 ⑧ 14. 【解析】 （1）对电子，在加速电场中，由动能定理得： ① 解得： ② （2）电子在偏转电场中，有： ③ ④ ⑤ 由以上各式解得： ⑥ （3）方法一： 电子能从下极板边缘飞出时，有 ⑦ 解得： ⑧ 电子从下极板边缘飞出时，有 ⑨ ⑩ 其中： ⑪ ⑫ 联立以上各式解得： ⑬ 故荧光屏上能接收到电子的范围长度： ⑭ 方法二： 恰能从下极板边缘飞出时，有 ⑦ 解得： 此时，范围长度Y 最大 ⑧ 由几何关系得： ⑨ （1）解得： ⑩ 15【解析】 （1）对滑块受力分析： ① 由牛顿第三定律得： ② 由①②解得： ③ （2）滑块从O 到P 的运动过程中，由动量守恒及能量守恒得： ④ ⑤ 解得： ⑥ （3）当滑块再次返回P 点时，小车获得的速度最大。⑦ 由动量守恒及能量守恒得： ⑧ ⑨ 由⑦⑧解得： m/s，即小车所能获得的最大速度为 m/s。 ⑩