2022～2023学年度上期高中2022级期中联考参考答案及评分标准

2022～2023 学年度上期高中2022 级期中联考 物理参考答案及评分标准 一、单项选择题：本题共8 小题，每小题4 分，共32 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题 目要求的。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 C D B C B A C D 二、多项选择题：本题共3 小题，每小题5 分，共15 分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目 要求；全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。 题号 9 10 11 答案 AC BC BD 三、实验探究题：本题共2 小题，共15 分。 12．（6 分） （1）0.10（2 分） 0.38（2 分） （2）B（2 分） 13．（9 分） （1）0.1（2 分） （2）0.12（2 分） （3）0.50（2 分） （4）偏小（3 分） 四、计算题：本题共3 小题，共38 分。解答应当写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写 出最后答案的，不能得分。 14．（8 分） 解：（1）设比萨斜塔的高度为h，小球下落时间为 则有 2 分 解得 1 分 （2）小球前3 s 内的位移大小 1 分 小球前2 s 内的位移大小 1 分 小球第3 s 内的位移大小 1 分 小球第3 s 内的平均速度大小 1 分 解得 1 分 说明：其他合理解法，参照给分 15．（12 分） 解：（1）设最大速度为 ，匀加速阶段运动时间为 ，上升高度为 ；匀速阶段运动时间为 ，上升高 度为 ；匀减速阶段运动时间为 ，上升高度为 ，则有 1 分 1 分 1 分 1 分 解得 1 分 （2）根据匀变速直线运动速度与时间的关系有 解得 1 分 同理有 解得 1 分 （3）设自由落体下降时间为 ，下降高度为 ；匀减速下降时间为 ，下降高度为 ，落到地面时 速度恰好减为0 则 2 分 2 分 解得 1 分 故必须在 以内恢复信号 说明：其他合理解法，参照给分 16．（18 分） 解：（1） ，设比亚迪汉EV 加速的加速度为 ，加速到 所用时间为 ，减速的加速度为 ，减速距离为 由 1 分 解得 1 分 由 1 分 解得 1 分 （2）设比亚迪汉EV 0～100 km/h 的加速距离为 ，奔驰C43 4MATIC 0～100 km/h 加速的加速度为 ，加速时间为 ，则 （或 ） 2 分 2 2 1 1 1 2 x a t  1 分 2 分 1 分（9.9 m 也给分） 说明：第（2）问中间计算过程与解析略有偏差不扣分 （3）由于同时同地出发，且 ，所以比亚迪汉EV 的加速阶段二者不可能相遇 当比亚迪汉EV 的速度减为0 时，设其减速到0 所用的时间为 ，从出发到速度减为0 的位移为 ， 1 分 1 分 因为 ，则比亚迪汉EV 静止时奔驰C43 4MATIC 匀速运动 1 分 奔驰C43 4MATIC 加速阶段的位移大小 1 分 奔驰C43 4MATIC 匀速阶段的位移大小 1 分 故相遇时比亚迪汉EV 必处于匀减速直线运动阶段 1 分 而当奔驰C43 4MATIC 0～100 km/h 加速完成时，设比亚迪汉EV 匀减速运动的位移大小为 1 分 故此时奔驰C43 4MATIC 还未追上比亚迪汉EV，所以奔驰C43 4MATIC 追上比亚迪汉EV 时， 奔驰C43 4MATIC 必处于匀速直线运动阶段 1 分 说明：由于第（2）问的误差导致第（3）问结果与解析略有偏差，但是公式正确，两次判断思 路清晰，结论正确也给全分，只有结论无计算过程不给分 解析： 1．【答案】C 【解析】2022 年7 月24 日14 时22 分是一瞬间，指的是时刻，故A 错误；航天员乘组进入问天实验 舱必须考虑问天实验舱的大小及内部结构，不能将其视为质点，故B 错误；对接瞬间可以认为二者保 持相对静止状态，故C 正确；组合体的大小对研究绕地球一周所用的时间的影响可忽略，可以将其视 为质点，故D 错误。 2．【答案】D 【解析】两条路线出发地和目的地相同，位移大小相同，故A 错误；位移为矢量，上、下班位移方向 相反，故B 错误；限速标志限制的是瞬时速率，故C 错误；两条路线都是非单向直线运动，故位移 大小都小于路程，故D 正确。 3．【答案】B 【解析】根据题意，设郫都区的家和彭州中学之间的路程为s，从郫都区的家到彭州中学的时间为 ，从彭州中学沿原路返回郫都区的家的时间为 ，由平均速率的公式 可得 ， ，则 此次从郫都区的家中出发到返回郫都区的家中的平均速率为 ，故B 正确。 4．【答案】C 【解析】竖直上抛的初速度大小为10 m/s，从抛出到上升至最高点，根据 ，可得 ，故 A 错误；竖直上抛运动全程加速度始终为g，故B 错误；从抛出到上升至最高点，根据 ，可得 ，故C 正确；根据竖直上抛的对称性，落回地面时的速度大小仍为10 m/s，故D 错误。 5．【答案】B 【解析】由于加速度的方向始终与速度的方向相同，所以速度逐渐增大直到加速度为零，速度才不再 变化，故A 错误，B 正确；由于质点的加速度与速度同向，所以运动方向始终不变，直至加速度减为 零，最终沿x 轴正方向匀速运动，故C、D 错误。 6．【答案】A 【解析】由于 图像为抛物线，位移时间关系为二次函数关系，则加速度恒定，也可结合 图 像，0～2 s 内正向匀减速，2 s～4 s 内反向匀加速，故A 正确。 7．【答案】C 【解析】由于四根轻质弹簧完全一致，且一端拉力均为F，根据弹簧弹力的决定式 ，四根弹簧 形变量均相同，故C 正确。 8．【答案】D 【解析】A、B、C、D、E 为五个等间距的点，以A 点为研究过程的起点，根据 ，得 ，故A 错误；由于小球做初速度为0 的匀加速直线运动，根据 ，得 ，故B 错误；C 点为位移中点而非时间中点，故C 错误；根据初速度为0 的匀变速直线运动的规律有 ，得 ， ，又 ，故 ，故D 正确。 9．【答案】AC 【解析】重心是物体各部分所受重力的等效替代，故A 正确；瓶子所受重力的施力物体是地球，故B 错误；由绳拉力方向的定义可知C 正确；由于空瓶倾斜，装半瓶水竖直，满瓶水会倾覆，所以瓶子由 倾斜到竖直再到倾斜直至倾覆，瓶子重心的位置先下降再上升，故D 错误。 10．【答案】BC 【解析】由于乙的 图像在 时与坐标轴所围图形面积为0，所以此时乙回到出发点，故A 错 误； 到 内，甲的速度始终为正，故运动方向不变，故B 正确； 时，二者的速度均为 正，所以此时二者的速度方向相同，故C 正确； 到 内，甲、乙的 图像斜率均为负， 故二者的加速度方向相同，故D 错误。 11．【答案】BD 【解析】由于子弹在水平方向做匀减速直线运动，若第8 s 末仍处于运动状态，则有 ， ， ， 。 ，速度方向已经反向，与假设矛盾，故子弹在8 s 末之前已停止运动。逆向 思维，把该运动当成初速度为0 的匀加速直线运动，设第8 s 内的运动时间为t，第8 s 内的位移大小 为 ，第1 s 内的位移大小 ，解得 ， 。再 根据 ，解得 ， ，故B、D 正确。 12．【解析】 （1）滑块通过第一个光电门时的速度大小为 ，通过第二个光电门时的速度大小为 ，保留2 位有效数字则为0.38 m/s。 （2）为使测量值更接近瞬时速度，则应满足遮光时间 ，由于滑块做加速运动，使滑块的释放 点更远离光电门，增大滑块到达光电门时的速度，可以起到减小遮光时间 的效果，故B 正确。 13．【解析】 （1）相邻两个计数点间还有4 个点未画出，所以相邻两个计数点间的时间间隔为 。 （2）打下计数点2 时，纸带的速度大小为 。 （3）纸带的加速度大小为 。 （4）若交流电源的频率变为 ，则实际的周期小于0.02 s，而测量的周期为0.02 s，则测量的 周期偏大，根据 ，T 偏大，所以a 偏小。