黑龙江齐齐哈尔市2021-2022学年高一上学期期末考试物理答案

高一物理试卷答案 13.(8 分）（1） C ;（2） 方向 :(3) F′ （选填 F′或F ）; （4） C 14.（8 分）（1） C ; （2）2.40 m /s2 。（计算结果保留三位有效数字）; （3） 2N , 1kg 。 三. 解答题：（共36 分，15 题10 分，16 题12 分，17 题14 分，解答应写出文字说明、解 答过程或演算步骤） 15.解（1）对物品受力正交分解如图, 水平方向:   sin sin OB OA F F  ………………………1 分 竖直方向： mg F F OB OA     cos cos ……………………2 分     60 30   ， 由以上得： N FOB 200  ， N FOA 3 200  轻绳OA、OB 上的拉力大小分别是 N 3 200 N 和200N. (2) 对人受力正交分解如图： 水平方向： f F B O    60 sin ……………………………………………1 分 竖直方向： Mg F F N OB     60 cos …………………………………2 分 又由： N F f   ……………………………1 分 以上 kg M 60  ……………………………1 分 若能保持静止不动将物体送上去，人的质量至少是60kg. 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 C D B D C A D A AD AB BD BD ………2 分 第II 卷 二．填空题(本大题共2 小题，每小题8 分，共16 分。把正确答案写在答题卡相应题的横线上) 第I 卷 一. 选择题（本大题共12 小题，每小题4 分，共48 分。在1-8 题中每小题给出的四个选项中，只有一项 是符合题目要求的。9-12 题中每个题有多项符合题目要求，全部选对的得4 分，有选错的得0 分，部分选对 得2 分。） 16.解：（1）对A、B 整体受力分析由牛顿第二定律： ma mg F 2 37 sin 2 -   ……………………………………2 分 则a=1m/s 2 同理对B 受力分析由牛顿第二定律： ma mg T   37 sin - …………………………………………2 分 联立以上得：T=7N……………………………………………1 分 细线断裂前细线上的张力为7N. （2）以沿斜面向上为正方向，断裂瞬间A、B 的速度相等，为 LIAN= s m at v v B A / 2    …………………………………1 分 断裂后，B 做匀变速直线运动，根据牛顿第二定律加速度为 B a 则： 2 / 6 - 37 sin s m g aB     ………………………………………………………………………1 分 A 做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律加速度为 A a 有 A ma mg F   37 sin - …………………………………………………………………………………1 分 得出 2 / 8 s m aA  ………………………………………………………………………………………1 分 再经t=1s 时 B 的位移： m m t a t v x B B B 1 1 6 2 1 - 1 2 2 1 2         ………………………………………………1 分 A 的位移： m m t a t v x A A A 6 1 8 2 1 1 2 2 1 2         …………………………………………………1 分 则此时A、B 间的距离： m m x x L x A B 8 6 1 1         …………………………………………1 分 17.解：（1）以向右为正方向，当有拉力F=22N 时，对A 受力分析应用牛顿第二定律有： A ma mg   …………………………………………………………………………………………………1 分 对B 受力分析应用牛顿第二定律有： B Ma mg F   - ……………………………………………………………………………………………1 分 由以上得： 2 / 4 s m aA  ， 2 / 9 s m aB  ……………………………………………………………2 分 有拉力作用时，滑块A 和木板B 的加速度分别是4m/s 2和9m/s 2 （2）t=2s 撤去外力时，滑块A 的位移： m t a x A A 8 2 1 2   ……………………………………………………………………………………………1 分 木板B 的位移： m t a x B B 18 2 1 2   …………………………………………………………………………………………1 分 撤去外力时滑块A 与木板B 的右端相距： m x x x A B 10 -    ……………………………………………1 分 撤去外力时滑块A 与木板B 的右端相距10m （3）设木板的最小长度为L，撤去外力时，A、B 的速度分别为 A v 和 B v ，则 s m s m t a v A A / 8 / 2 4     …………………………………………………………………………………1 分 s m s m t a v B B / 18 / 2 9     ………………………………………………………………………………1 分 撤去外力后A 的受力不变，加速度不变仍为 2 / 4 s m aA  ，木板B 受力变化做减速运动，加速度为a ，则有: Ma mg   - ……………………………………………………………………………………………………1 分 得： 2 / 2 - s m a  经过时间0 t ，A、B 共速，共同速度为v ，有 0 0 at v t a v B A A    …………………………………………………………………………………………1 分 得： s t 3 5 0  ……………………………………………………………………………………………………1 分 在0 t 内A、B 的相对位移： m t a t v at t v x x x A A B A B 3 25 ) 2 1 ( 2 1 2 0 0 2 0 0            ………………………………………………1 分 木板的最小长度： m x x L 3 . 18       ………………………………………………………………………………………1 分 15 1616. （（2）2））