河南省开封市五县2021-2022学年高二上学期10月底月考联考物理答案(1)

开封市五县高二月考联考卷物 理 答 案 1.B 2.A 3.A 4.C 5.C 6.C 7. A 8.B 9.BD 10.ABC 11． AC 12. BD 13.(1)ed (2)ab ed (1)因为滑动变阻器的最大阻值小于待测电阻阻值,故滑动变阻器使用分压式接法,所以要去掉 图中的ed 导线. (2)如果滑动变阻器R1的最大阻值为200 Ω,则为了方便测量,需要采用限流式接法,故去掉图 中ab 和ed 两根导线即可. 14.答案 (1)3.5 (2)见解析 (3)8.0×10－3 (4)C＝ (1)因为电压表显示的是微安表与电阻箱的两端电压，而微安表的示数为500 μA，故微安表 与电阻箱的总电阻为R 总＝＝＝12 kΩ，则微安表的内阻为12 kΩ－8.5 kΩ＝3.5 kΩ； (2)将这些点用平滑的曲线连接起来即可； (3)图线与时间轴所围成的面积即为放电过程放出的电荷量，我们数出的方格数为32，(注意 数的时候大于半个格就算一个格，小于半个格的不算)而每个小格的电荷量q＝50 μA×5 s＝ 2.5×10－4 C 则放电的总电荷量为Q0＝32q＝32×2.5×10－4 C＝8.0×10－3 C. (4)由电容的定义式可知，用公式C＝来计算电容器的电容大小． 15.(1) (2)3mg [解] (1)小球静止在A 处时受到重力mg、静电力F 和细线拉力F 拉.由平衡条件得F 拉 =F+mg 由库仑定律得F=k 2’ 又知F 拉=2mg 2’ 联立解得q= . 1’ (2)小球由B 摆回至A 的过程中只有重力做功,所以机械能守恒, 有mgL(1-cos θ)= mv2 2’ 小球摆至A 处时,由牛顿第二定律得F 拉'-mg-F=m 2’ 联立解得F 拉'=3mg. 1’ 16. 答案 (1)－3EqL (2) 解(1)根据电场力做功和电势能的变化关系可得： 小球A 的电势能：EpA＝－Eq·2L① 2’ 小球B 的电势能：EpB＝－2q·ELsin30°② 2’ 所以总的电势能为：Ep＝－Eq·2L－E×2q·Lsin30°， 代入数据解得：Ep＝－3EqL③ 1’ (2)设系统转过30°角时，B 球的速度为vB，由动能定理有： －Eq·(2L－2Lcos30°)＋2Eq·(Lsin60°－Lsin30°)＝mvB 2＋mvA 2④ 2’ 两个小球转动的角速度相同，根据v＝rω 可知，vA＝2vB⑤ 2’ 联立④⑤解得：vB＝. 1’ 17. 答案 (1)5 Ω (2)20 V 20 Ω (3)17.6 Ω 5 W 解 (1)当P 滑到R3的右端时，电路参数对应乙图中的B 点，只有电阻R2接入电路， 由图乙所示图象可知：U2＝4 V，I2＝0.8 A 2’ 则定值电阻R2的阻值为：R2＝＝5 Ω 2’ (2)将乙图中AB 线延长，交U 轴于20 V 处， 所以电源的电动势为E＝20 V. 2’ 图象斜率表示内阻为：r＝ Ω＝20 Ω. 2’ (3)当R3的滑片从最左端滑到最右端时，外电路总电阻从大于电源内阻r 变至小于r， 当外阻和内阻相等时，电源输出功率最大，则有： r＝R2＋ 1’ 代入：20＝5＋ 解得：R3≈17.6 Ω 1’ 最大输出功率值为P＝＝ W＝5 W. 2’ 18．答案 (1) (2)U0>U>U0 解 (1)当两板加上U0电压且A 板接负时，有： q＝mg① 1’ A 板为正时，设带电质点射入两极板时的速度为v0，向下运动的加速度为a，经时间t 射到 C 点，有：q＋mg＝ma② 1’ 又水平方向有d＝v0t③ 1’ 竖直方向有＝at2④ 1’ 由①②③④得： v0＝⑤ 1’ (2)要使带电质点恰好能从两板间射出，设它在竖直方向运动的加速度为a1、时间为t1，应 有：＝a1t1 2⑥ 1’ t1＝⑦ 1’ 由⑥⑦⑧得： a1＝⑧ 1’ 若a1的方向向上，设两板所加恒定电压为U1，有： q－mg＝ma1⑨ 2’ 若a1的方向向下，设两板所加恒定电压为U2，有： mg－q＝ma1⑩ 2’ 由⑧⑨⑩解得： U1＝U0，U2＝U0 2’ 所以所加恒定电压范围为：U0>U>U0. 1’